给定一个 ascii 字符串（保证本身是回文，或删去**恰好一个字符**后可变为回文），需在 o(n) 时间内返回：若已是回文则返回 -1；否则返回**唯一可删除字符的索引**。避免构造新字符串，杜绝 o(n²) 低效遍历。
传统思路（如原代码中 findIdx 调用 RemoveChar + Palindrome）存在严重性能瓶颈：每尝试删除一个位置，都需复制子串并完整校验回文，时间复杂度达 O(n²)，对长字符串极不友好。
更优解法基于「双指针+单次扫描」思想：从两端向中间匹配，首次遇到不等时（设位置为 i 和 n-1-i），问题必源于删除左端 i 或右端 n-1-i 处的字符。此时只需分别验证两个候选子串是否为回文：
- 候选1：跳过左字符 → 检查 s[i+1 : n-i] 是否回文
- 候选2：跳过右字符 → 检查 s[i : n-i-1] 是否回文
但注意：原答案提供的优化版本进一步省去了显式子串切片和完整回文校验——它利用已知“至多一个差异”的前提，在发现首处不匹配后，直接在局部范围内用嵌套循环快速判定应删左还是右。该逻辑虽精巧，但可读性较低且边界易错。
推荐采用清晰、稳健、真正 O(n) 的双指针方案：
func findIdx(s string) int {
n := len(s)
left, right := 0, n-1
for left < right {
if s[left] != s[right] {
// 尝试跳过 left：检查 [left+1, right] 是否回文
if isPalindrome(s, left+1, right) {
return left
}
// 尝试跳过 right：检查 [left, right-1] 是否回文
if isPalindrome(s, left, right-1) {
return right
}
return -2 // 理论上不会到达（题目保证至多删一字符）
}
left++
right--
}
return -1 // 已是回文
}
// 辅助函数：检查 s[lo:hi+1] 是否为回文（闭区间）
func isPalindrome(s string, lo, hi int) bool {
for lo < hi {
if s[lo] != s[hi] {
return false
}
lo++
hi--
}
return true
}✅ 关键优势：
- 时间复杂度 O(n)：最多遍历字符串常数次（主循环 + 最多两次子区间检查）；
- 空间复杂度 O(1)：无字符串拼接，不分配额外内存；
- 鲁棒性强：边界清晰，逻辑直觉明确，易于测试与维护。
⚠️ 注意事项：
- 切勿使用 s[0:i] + s[i+1:] 类型拼接——Go 中字符串不可变，每次拼接均触发内存分配与拷贝，对长字符串代价高昂；
- isPalindrome 应设计为接受索引范围的辅助函数，避免创建子串（Go 的切片操作虽不拷贝底层数组，但 string 类型的切片仍需构造新字符串头，而本方案中 s[lo:hi+1] 是安全的，因底层字节数组共享，但为极致效率，也可直接传入原串及坐标）；
- 题目约束（“必可删一字符成回文”）确保解唯一，无需处理多解或无解场景，但代码中保留 -2 作为防御性兜底。
综上，摒弃暴力枚举，转而利用回文结构的对称性与题目强约束，用两次局部双指针验证替代全局重检，即可在保持代码简洁的同时实现最优性能。
